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Foro de preguntas y respuestas de Física

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    estoy comprando leche xd xd
    hace 2 semanas, 1 día

    Hola, tengo que y=ax+b, necesito un ejemplo con la segunda columna de núneros. Gracias y un saludo.

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    Antonio Silvio Palmitano
    hace 2 semanas, 1 día

    Vamos con una orientación.

    Observa que tienes los puntos (en la primera coordenada indicamos el tiempo, y en la segunda la posición):

    A( 0 , 4 ) (con los valores de la primera columna de tu tabla),

    B( 5 , 16,5 ) (con los valores de la segunda columna de tu tabla);

    luego, planteas la expresión de la "pendiente" de la expresión lineal, y queda:

    a = (yB - yA)/(xB - xA), reemplazas valores, y queda:

    a = (16,5 - 4)/(5 - 0), resuelves agrupamientos, y queda:

    a = 12,5/5, resuelves, y queda:

    a = 2,5;

    luego, planteas la ecuación "punto-pendiente" (observa que elegimos el punto A), y queda:

    y = a*(x - xA) + yA, reemplazas valores, y queda:

    y = 2,5*(x - 0) + 4, cancelas el término nulo en el agrupamiento, y queda:

    y = 2,5*x + 4.

    Luego, a fin de confirmar que la ecuación remarcada se corresponde con los valores de tu tabla, solo queda que reemplaces los valores del tiempo (x) en ella, y verás que obtienes los valores correspondientes de la posición.

    Espero haberte ayudado.

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    Rj Mitte
    hace 2 semanas, 1 día

    Ayuda con este ejercicio porfavor 

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    Antonio Silvio Palmitano
    hace 2 semanas, 1 día

    Vamos con una orientación.

    a)

    Planteas la expresión de la masa total del oscilador, y queda: M = M1 + M2 = M1 + αM1 = (1+α)M1 (1).

    Planteas la expresión del periodo en función de la constante recuperadora del resorte y de la masa del oscilador, y queda:

    T = 2π*√(M/k) (2).

    Luego, sustituyes la expresión señalada (1) en la ecuación señalada (2), y queda:

    T = 2π*√( (1+α)M1/k ) (*).

    b)

    Establece un sistema de referencia con eje OX horizontal con sentido positivo hacia la derecha, y con eje OY vertical con sentido positivo hacia arriba según la figura de tu enunciado.

    Luego, recuerda que la condición de aceleración máxima, velocidad nula y elongación máxima se tiene cuando el resorte alcanza su estiramiento máximo o su máxima compresión, por lo que en esta segunda opción, tienes que sobre el bloque M2 están aplicadas tres fuerzas, de las que indicamos sus módulos, direcciones y sentidos:

    Peso: P2 = M2*g = αM1*g, vertical hacia abajo;

    Acción normal del bloque M1 sobre él: N12, vertical, hacia arriba;

    Rozamiento estático máximo del bloque M1 sobre él: frs12 = μs*N12, horizontal hacia la derecha.

    Luego, aplicas la Segunda Ley de Newton, y tienes el sistema de ecuaciones (observa que sustituimos las expresiones de los módulos de las fuerzas, y de la masa del bloque M2):

    μs*N12 = αM1*aM,

    N12 -  αM1*g = 0;

    luego, resuelves este sistema, y tienes las expresiones:

    N12 =  αM1*g (módulo de la acción normal del bloque M1 sobre el bloque M2)

    aM = μs*g (1) (módulo de la aceleración máxima, para que el bloque M2 no deslice).

    Luego, planteas la expresión del módulo de la aceleración máxima que alcanza el oscilador, en función de su periodo de oscilación y de la amplitud de oscilación, y queda:

    aM = A*(2π/T)2, resuelves el segundo factor, y queda:

    aM = A*4π2/T2, y de aquí despejas:

    A = T2*aM/(4π2), sustituyes la expresión del módulo de la aceleración máxima señalada (1), y queda:

    A = T2*μs*g/(4π2), sustituyes la expresión del periodo de oscilación que tienes remarcada y señalada (*), y queda:

    A = 2π*√( (1+α)M1/k ) )2*μs*g/(4π2), resuelves el primer factor, y queda:

    A = ( 4π2*(1+α)M1/k )*μs*g/(4π2), simplificas, y queda:

    A = ( (1+α)M1/k )*μs*g, resuelves las multiplicaciones, y queda:

    A = (1+α)M1*μs*g/k, (amplitud máxima, para que el bloque M2 no deslice).

    b)

    Te dejo la tarea.

    Espero haberte ayudado.


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    Rj Mitte
    hace 2 semanas, 1 día

    Muchisimas gracias Antonio

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    Sylvia Corbacho Barrios
    hace 2 semanas, 2 días

    No entiendo como se hace la a

    Ayudenme porfavor

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    Antonio Silvio Palmitano
    hace 2 semanas, 1 día

    Vamos con una orientación.

    Puedes comenzar por plantear las expresiones de los vectores de posición del punto en estudio con respecto a las posiciones de cada una de las masas por separado, para luego plantear las expresiones de los campos correspondientes.

    a)

    va = <4,3> - <0,0> = <4,3>, cuyo módulo es: |va| = 5,

    por lo que la expresión del vector unitario correspondiente queda:

    Va = va/|va|, reemplazas expresiones numéricas, resuelves, y queda: Va = < 0,8 ; 0,6 >;

    luego, planteas la expresión vectorial del correspondiente campo gravitatorio, y queda:

    gA = -(G*Ma/|va|2)*Va, reemplazas valores, y queda:

    gA = -(6,674*10-11*100/52)*< 0,8 ; 0,6 >.

    b)

    vb = <4,3> - <0,3> = <4,0>, cuyo módulo es: |vb| = 4,

    por lo que la expresión del vector unitario correspondiente queda:

    Vb = vb/|vb|, reemplazas expresiones numéricas, resuelves, y queda: Vb = < 1 ; 0 >;

    luego, planteas la expresión vectorial del correspondiente campo gravitatorio, y queda:

    gB = -(G*Mb/|vb|2)*Vb, reemplazas valores, y queda:

    gB = -(6,674*10-11*150/42)*< 1 ; 0 >.

    c)

    vc = <4,3> - <4,0> = <0,3>, cuyo módulo es: |vc| = 3,

    por lo que la expresión del vector unitario correspondiente queda:

    Vc = vc/|vc|, reemplazas expresiones numéricas, resuelves, y queda: Vc = < 0 ; 1 >;

    luego, planteas la expresión vectorial del correspondiente campo gravitatorio, y queda:

    gC = -(G*Mc/|vc|2)*Vc, reemplazas valores, y queda:

    gC = -(6,674*10-11*200/32)*< 0 ; 1 >.

    Luego, planteas la expresión del campo gravitatorio resultante en el punto en estudio como la suma de los campos producidos por cada una de las masas:

    g = gA + gB + gC,

    y solo queda que reemplaces las expresiones remarcadas, resuelvas cada término y sumes, y tendrás la expresión vectorial del campo gravitatorio resultante en el punto en estudio (te dejo la tarea).

    Espero haberte ayudado.



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    Sylvia Corbacho Barrios
    hace 2 semanas

    Siiiiii, muchísimas gracias

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    LuzG
    hace 2 semanas, 2 días

    hola, me podrian ayudar por favor con el ejercicio 6 de choque 

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    Antonio Silvio Palmitano
    hace 2 semanas, 2 días

    Vamos con una orientación.

    Considera un sistema de referencia con eje OX horizontal con sentido positivo hacia la derecha, y con eje OY vertical con sentido positivo hacia arriba, según tu figura.

    Luego, observa que las componentes de la velocidad antes del primer choque quedan expresadas:

    v1x = v*cos(45°) = 2,5*√(2)/2 = 1,25*√(2) m/s,

    v1y = v*cos(45°) = 2,5*√(2)/2 = 1,25*√(2) m/s.

    Luego, observa que en el primer choque se conserva la componente horizontal (observa que es paralela a la banda), y tienes que se modifica la componente vertical, por lo que las componentes de la velocidad después del primer choque (y también antes del segundo choque) quedan expresadas:

    v2x = 1,25*√(2) m/s,

    v2y = -0,6*1,25*√(2) = -0,75*√(2) m/s.

    Luego, observa que en el segundo choque se conserva la componente vertical (observa que es paralela a la banda), y tienes que se modifica la componente horizontal, por lo que las componentes de la velocidad después del segundo choque quedan expresadas:

    v2x = -0,6*1,25*√(2) = -0,75*√(2) m/s,

    v2y = -0,6*1,25*√(2) = -0,75*√(2) m/s.

    Luego, con estas dos expresiones, puedes calcular el módulo de la velocidad después del segundo choque, y también el valor del ángulo que forma con la dirección horizontal.

    Espero haberte ayudado.

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    LuzG
    hace 2 semanas, 2 días

    Muchas gracias ya lo pude entender y resolver


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    estoy comprando leche xd xd
    hace 2 semanas, 3 días

    Hola, tengo una pregunta: Hay un tipo de gráficas en las cuales la fórmula es: y=ax+b y me gustaría saber a qué se refiere la letra b. Un saludo.

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    Antonio Silvio Palmitano
    hace 2 semanas, 3 días

    Tienes la ecuación de la gráfica de una función lineal:

    f(x) = a*x + b,

    y observa que si la evalúas para x = 0, entonces tienes:

    f(0) = a*0 + b = 0 + b = b,

    por lo que tienes que el punto: B(0,b) pertenece a la gráfica, y observa que también pertenece al eje coordenado OY,

    por lo que tienes que el valor b te indica el valor de la ordenada en el cuál la gráfica de la función corta a dicho eje.

    Espero haberte ayudado.

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    Juan Romero Herraiz
    hace 2 semanas, 3 días

    Buenas tardes.

    me podrian decir si esto esta bien planteado

    Un automóvil sale de Barcelona a las 6 de la tarde con una aceleración de 10 m/s2, y una moto sale a la misma hora de Zaragoza con una velocidad de 100 m/s. Ambas ciudades distan 350 km. Calcula:

     a)  En qué punto se encontrarán el automóvil y la moto.

     b)  A qué hora se encontrarán.

     


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    Antonio Silvio Palmitano
    hace 2 semanas, 3 días

    Establece un sistema de referencia con instante inicial: ti = 0 correspondiente a la partida de los móviles, con origen de coordenadas en Barcelona, y con eje OX con sentido positivo hacia Zaragoza.

    Luego, tienes los datos del auto:

    ti = 0, xi = 0, vi = 0, a = 10 m/s2;

    luego, planteas la ecuación de posición de Movimiento Rectilíneo Uniformemente Variado, reemplazs datos, resuelves coeficientes, y queda.

    xa = 5*t2.

    Luego, tienes los datos de la moto:

    ti = 0, xi = 350 Km = 350000 m, vm = -100 m/s (aquí ten en cuenta el sentido de la velocidad);

    luego, planteas la ecuación de posición de Movimiento Rectilíneo Uniforme, reemplazas datos, resuelves coeficientes, y queda.

    xm = 350000 - 100*t.

    Luego, planteas la condición de encuentro, y queda la ecuación:

    xa = xm, sustituyes expresiones, y queda:

    5*t2 = 350000 - 100*t, sumas 100*t y restas 350000 en ambos miembros, y queda:

    5*t2 + 100*t - 350000 = 0, divides por 5 en todos los términos, y queda:

    t2 + 20*t - 70000 = 0, 

    que es una ecuación polinómica cuadrática, cuyas soluciones son:

    1°)

    t = ( -20 - √(280000) )/2 ≅ -274,575 s, que no tiene sentido para este problema;

    2°)

    t = ( -20 + √(280000) )/2 ≅ 254,575 s ≅ 4,243 min;

    luego, remplazas el valor remarcado en las expresiones de las posiciones de los móviles, y queda:

    xa ≅ 5*254,5752 ≅ 324042,487 m ≅ 324,042 Km,

    xm ≅ 350000 - 100*254,575 ≅ 324542,487 m ≅ 324,542 Km,

    y observa que la discrepancia entre estos dos valores se debe a las aproximaciones que hemos empleado.

    Luego, puedes concluir que los móviles se encuentran aproximadamente luego de 4,243 minutos de haber partido, y que se cruzan aproximadamente a 324,542 Km de la ciudad de Barcelona.

    Espero haberte ayudado.

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    Ariana cardoza
    hace 2 semanas, 3 días

    Determinar la tensión en la cuerda AB y las componentes horizontal y vertical de la reacción en el apoyo C, del sistema en equilibrio de la Fig. 4. El cuerpo suspendido tiene una masa de 10 Kg y la barra uniforme BC tiene una masa de 4 Kg.



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    Antonio Silvio Palmitano
    hace 2 semanas, 3 días

    Vamos con una orientación.

    Considera un sistema de referencia con origen de coordenadas en el punto B, con eje OX horizontal con sentido positivo hacia la derecha, con eje OY vertical con sentido positivo hacia arriba, y con sentido de giro positivo antihorario.

    Luego, observa que en el punto B de la cuerda están aplicadas tres fuerzas, de las que indicamos sus módulos, direcciones y sentidos:

    Peso del bloque: P = M*g, vertical, hacia abajo;

    Tensión de la cuerda: T, hacia arriba y hacia la izquierda, formando 60° con la dirección horizontal;

    Acción de la barra: A, horizontal, hacia la derecha;

    luego, aplicas la Primera Ley de Newton, y tienes el sistema de ecuaciones:

    A - T*sen(60°) = 0,

    T*cos(60°) - P = 0,

    sustituyes la expresión del módulo del peso del bloque, y queda:

    A - T*sen(60°) = 0,

    T*cos(60°) - M*g = 0, de aquí despejas: T = M*g/cos(60°);

    luego, sustituyes la expresión remarcada en la primera ecuación, aplicas la identidad trigonométrica de la tangente, y luego despejas: A = M*g*tan(60°).

    Luego, puedes considerar que la componente horizontal de la reacción de la pared sobre la barra tiene módulo H, con dirección horizontal y sentido hacia la izquierda, que la componente vertical de la reacción de la pared sobre la barra tiene módulo V, con dirección vertical hacia arriba, observa que tienes al peso de la barra (Pb)aplicado en su punto medio, tomas momentos de fuerzas con respecto a un eje perpendicular a la figura que pasa por el punto B (observa que las fuerzas aplicadas en este punto no producen momento, y observa que la componente horizontal de la reacción de la pared tampoco produce momento, aplicas la Primera Ley de Newton para giros, y queda:

    L*V - (L/2)*Pb = 0, sustituyes la expresión del peso de la barra, divides por L en todos los miembros, y queda:

    V - (1/2)*Mb*g = 0, y de aquí despejas: V = (1/2)*Mb*g.

    Luego, observa que las únicas fuerzas horizontales que están aplicadas sobre la barra son la reacción horizontal de la pared (cuyo sentido es hacia la izquierda), cuyo módulo es H, y la reacción de la cuerda (cuyo sentido es hacia la derecha), cuyo módulo es A, por lo que puedes plantear la ecuación:

    A - H = 0, de aquí despejas:

    H = A, sustituyes la expresión del módulo de la reacción de la cuerda que ya tienes remarcada, y queda:

    H = M*g*tan(60°)

    Luego, solo queda que reemplaces datos en las dos últimas expresiones remarcadas, y tendrás los valores de los módulos de las componentes de la reacción de la pared sobre la barra; luego, podrás calcular el módulo de la reacción como la resultante de sus componentes, y el valor del ángulo de inclinación (te dejo la tarea).

    Haz el intento de terminar la tarea, y si te resulta necesario no dudes en volver a consultar.

    Espero haberte ayudado.

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    Ariana cardoza
    hace 2 semanas, 3 días

    Humm seria algo asi?

    TENSIÓN EN LA CUERDA AB

     

    T = M*g/cos(60°);

    T= 10(9.8)/cos(60º)

    T=196 N

     

     

    COMPONENTES HORIZONTAL

     

    H = M*g*tan(60°).

    A= 10(9.8)*tan(60º)

    A= 169.74 N

     

    COMPONENTES VERTICAL

     

    V = (1/2)*Mb*g.

    V=(1/2)*4(9.8)

    V=19.6 N

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    Antonio Silvio Palmitano
    hace 2 semanas, 3 días

    Sí, Ariana. Has reemplazado y resuelto bien los cálculos.

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    Uriel Dominguez
    hace 2 semanas, 3 días

    Me ayudan? A mí me sale que d=0.698m 

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    Francisco Javier
    hace 2 semanas, 3 días

    Tomamos cualquier vértice del triangulo rectángulo para hacer el análisis.

    Yo tomare el punto donde se forma el angulo de 30º (presencia de las fuerzas de 10 kg y 20 kg). 

    Aclaro, el resultado debe ser el mismo, independientemente de este punto que se tome. 

    Ahora expresamos el cateto opuesto (C.O) y adyacente (C.A), respecto al angulo de 30º, en función  de "d". 

    Esto lo hacemos aplicando trigonometría básica.

    Con la identidad seno tenemos que: 

    Sin(30º) = C.O/d 

    Despejando "C.O":

    C.O = d*Sin(30º)

    Con la identidad coseno tenemos que: 

    Cos(30º) = C.A/d

    Despejando "C.A":

    C.A = d*Cos(30º)

    Lo siguiente es descomponer la fuerza de 10 kg presente en lo mas alto del plano. 

    Por geometría, el angulo "β" que forma esta fuerza respecto al eje horizontal (suelo) es de 60º. 

    Omito la demostración. Dicho esto: 

    β = 60º

    Entonces: 

    F10 kg (x) = 10*Cos(60º)

    F10 kg (y) = 10*Sin(60º)

    Recordamos que el momento de una fuerza se determina aplicando la siguiente ecuación: 

    M = r*F

    Donde "r" es la distancia entre la fuerza y el punto de análisis y "F" es el valor de fuerza. 

    "r" siempre es perpendicular a "F". 

    Los momentos en sentido horarios son negativos. Por el contrario, si los momentos van en sentido anti-horario serán positivos. 

    Aclarado esto, podemos hacer la sumatoria de momentos en el vértice tomado: 

    ∑M = M20 kg + M60 kg + M10 kg (y) + M10 kg (x) = - 40

    ∑M = 20*C.A - 60*C.A - 10*Sin(60º)*C.A - 10*Cos(60º)*C.O = - 40

    Reemplazando los valores de C.A y C.O: 

    20*d*Cos(30º) - 60*d*Sin(30º) - 10*Sin(60º)*d*Cos(30º) - 10*Cos(60º)*d*Sin(30º) = - 40 

    Finalmente, despejando para "d" damos por terminado el problema: 

    d*[20*Cos(30º) - 60*Sin(30º) - 10*Sin(60º)*Cos(30º) - 10*Cos(60º)*Sin(30º)] = - 40

    d = - 40/[20*Cos(30º) - 60*Sin(30º) - 10*Sin(60º)*Cos(30º) - 10*Cos(60º)*Sin(30º)]

    d = - 40/[- 22.6795]

    d = 1.7637 m


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    Ana Sosa
    hace 2 semanas, 3 días

    Buenas noches me podrían ayudar con estos dos problemas

    1) Una mujer lleva su valija de 15 Kg a una velocidad constante y su correa forma un ángulo θ  respecto de la horizontal. La fuerza con que tira la correa es de 30 N de magnitud y una fuerza de rozamiento horizontal de 18 N actúa también sobre la valija. Determinar: a) el valor del ángulo θ, y b) la fuerza normal que ejerce el piso sobre la valija.

    2) Determinar la tensión en la cuerda AB y las componentes horizontal y vertical de la reacción en el apoyo C, del sistema en equilibrio de la Fig. 4. El cuerpo suspendido tiene una masa de 10 Kg y la barra uniforme BC tiene una masa de 4 Kg.

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    Francisco Javier
    hace 2 semanas, 3 días

    1) 

    Lo primero que debemos hacer es un diagrama de cuerpo libre que muestre todas las fuerzas que actúan sobre la valija. 

    Dicho diagrama te lo muestro al final de la respuesta. 

    Todo calculo hecho desde ahora debe respetar el sistema de referencia propuesto en el diagrama.

    Aplicaremos en todo el problema la primera ley de newton debido a que hay velocidad constante (no hay aceleración).

    Quiere decir que toda sumatoria de fuerzas sera igual a cero.

    Haciendo una sumatoria de fuerzas igual a cero en el eje horizontal:

    ∑Fx = 0

    F*Cos(θ) - ƒ = 0

    Donde "F" es la fuerza aplicada por la mujer y "ƒ" es la fuerza de fricción. 

    "F*Cos(θ)" es el valor de la componente horizontal de la fuerza "F".

    Reemplazando los datos y despejando para "θ": 

    30*Cos(θ) - 18 = 0

    30*Cos(θ) = 18

    Cos(θ) = 18/30

    θ = Cos-1(18/30)

    θ = 53.1301º

    Haciendo una sumatoria de fuerzas igual a cero en el eje vertical:

    ∑Fy = 0

    N - w = 0

    Donde "N" es la fuerza normal y "w" es el peso de la valija. 

    Recuerda que:

    w = m*g

    Entonces: 

    N - m*g = 0

    Reemplazando datos y despejando para "N" acabamos el problema: 

    N = m*g

    N = 15*9.81

    N = 147.15 N

    Diagrama: 


    2) 

    Se hace mención a una figura la cual no anexas. Sin esta información, el problema no se puede resolver. 

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    Ana Sosa
    hace 2 semanas, 3 días

    la figura del segundo problema


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    Ana Sosa
    hace 2 semanas, 3 días

    La barra uniforme AB de la Fig. 3 tiene una masa de 3 Kg, su extremo B está sujeto por un cable BC de 3.2 m de longitud y sostiene un cuerpo de 6 Kg. Calcular la tensión del cable BC y las componentes horizontal y vertical de la fuerza ejercida por la pared sobre el extremo A de la barra.




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    Francisco Javier
    hace 2 semanas, 3 días

    Hacemos el diagrama de cuerpo libre para todo el sistema.

    Dicho diagrama te lo muestro al final de la respuesta.

    Todo calculo hecho desde ahora debe respetar el sistema de referencia propuesto en el diagrama. 

    Haciendo una sumatoria de momentos igual a cero en el punto "o" (ver diagrama): 

    Mo = - wobjeto*2.4 - wbarra*1.2 + BCy*2.4 + BCx*c = 0

    Donde "BCy" y "BCx" son componentes de la fuerza de tensión "BC" vertical y horizontal respectivamente.

    "w" es peso y "c" es la distancia entre la componente "BCx" y la barra o punto cero.

    Esta ultima incógnita sale aplicando pitagoras: 

    h2 = c2 + l2 

    Del diagrama y enunciado:

    h = 3.2 m

    l = 2.4 m

    Reemplazando y despejando para "c": 

    3.22 = c2 + 2.42 

    c2 = 3.22 - 2.42 

    c = 2.1166 m

    Hacemos recordar que la barra reflejara su peso en su punto central.  

    Como: 

    w = m*g

    Quedaría:

    Mo = - mobjeto*g*2.4 - mbarra*g*1.2 + BCy*2.4 + BCx*2.1166 = 0

    Podríamos poner las componentes en función de la fuerza "BC" sabiendo que: 

    BCy = BC*Sin(θ)

    BCx = BC*Cos(θ)

    Donde "θ" es el angulo que forma la cuerda BC con la barra. Su determinación se hace con trigonometría básica.

    Buscamos la identidad que nos relaciona el cateto adyacente (l) y la hipotenusa (h)

    Dicha identidad es coseno.

    Dicho esto: 

    Cos(θ) = l/h

    Como ya definimos anteriormente: 

    l = 2.4 m

    h = 3.2 m

    Entonces:

    Cos(θ) = 2.4/3.2

    Despejando para "θ": 

    θ = Cos-1(2.4/3.2)

    θ = 41.4096º

    Entonces: 

    BCy = BC*Sin(θ) = BC*Sin(41.4096º) = 0.6614*BC

    BCx = BC*Cos(θ) = BC*Cos(41.4096º) = 0.75*BC

    Reemplazando esto en la ecuación de momento quedaría finalmente: 

    Mo = - mobjeto*g*2.4 - mbarra*g*1.2 + 0.6614*BC*2.4 + 0.75*BC*2.1166 = 0

    Reemplazando datos y despejando para "BC": 

    - 6*9.81*2.4 - 3*9.81*1.2 + 0.6614*BC*2.4 + 0.75*BC*2.1166 = 0

    0.6614*BC*2.4 + 0.75*BC*2.1166 = 6*9.81*2.4 + 3*9.81*1.2

    BC*(0.6614*2.4 + 0.75*2.1166) = 6*9.81*2.4 + 3*9.81*1.2

    BC = (6*9.81*2.4 + 3*9.81*1.2)/(0.6614*2.4 + 0.75*2.1166)

    BC = 55.6191 N

    Y con este valor ya podemos saber también las componentes en los eje verticales y horizontales. 

    BCy = BC*Sin(θ) = 55.6191*Sin(41.4096º) = 36.7886 N

    BCx = BC*Cos(θ) = 55.6191*Cos(41.4096º) = 41.7143 N

    Haciendo una sumatoria de fuerzas en el eje vertical igual a cero: 

    ∑Fy = 0

    Ay + BCy - wobjeto - wbarra = 0

    Ay + BCy - mobjeto*g - mbarra*g = 0

    Reemplazando datos y despejando para "Ay": 

    Ay + 36.7886 - 6*9.81 - 3*9.81 = 0

    Ay = 3*9.81 + 6*9.81 - 36.7886

    Ay = 51.5014 N

    Haciendo una sumatoria de fuerzas en el eje horizontal igual a cero: 

    ∑Fx = 0

    Ax - BCx = 0

    Reemplazando datos y despejando "Ax" terminamos el problema: 

    Ax - 41.7143 = 0

    Ax = 41.7143 N

    Diagrama: 


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